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Graph-Term-Zuordnung BF

Beispiel:

Ordne die Funktionen den Graphen zu.

f(x)= $\frac{1}{x^{2}}$

g(x)= $e^{x}$

h(x)= $\sin (x)$

i(x)= $\frac{1}{x}$

1

2

3

4

Lösung einblenden

Zu Graph Nr. 1:

Den Graph von

\frac{1}{x}

erkennt man an den Asymptoten an den beiden Achsen. Es handelt sich um eine Hyperbel. Je näher x an 0 kommt, umso betragsmäßig größer wird der Funktionswert (weil ja x im Nenner steht). Je weiter x sich von 0 entfernt, umso betragsmäßig kleiner wird der Funktionswert, weil ja der Nenner immer größer wird. Der Graph verläuft durch die Punkte (1|1) und (-1|-1), weil f(1) =

\frac{1}{1}

= 1 und f(-1) =

\frac{1}{-1}

= -1. Im Gegensatz zu

\frac{1}{x^{2}}

hat er für negative x-Werte negative Funktionswerte und für positive x-Werte positive Funktionswerte.

Der Graph Nr. 1 gehört also zur Funktion i(x) = $\frac{1}{x}$ .

Zu Graph Nr. 2:

Der Graph von

\sin (x)

zwischen 1 und -1. Im Gegensatz zum Kosinus (cos(x)) startet der Sinus für x=0 im Ursprung O(0|0), was man am Einheitskreis rechts sehen kann:

Der Graph Nr. 2 gehört also zur Funktion h(x) = $\sin (x)$ .

Zu Graph Nr. 3:

Der Graph von

e^{x}

nähert sich für negative x-Werte der x-Achse an und wächst für positive x-Werte sehr schnell. Er schneidet die y-Achse im Punkt (0|1), da

e^{0}

= 1.

Der Graph Nr. 3 gehört also zur Funktion g(x) = $e^{x}$ .

Zu Graph Nr. 4:

Den Graph von

\frac{1}{x^{2}}

erkennt man an den Asymptoten an den beiden Achsen. Es handelt sich um eine Hyperbel. Je näher x an 0 kommt, umso größer wird der Funktionswert. Je weiter x sich von 0 entfernt, umso kleiner wird der Funktionswert (weil ja x im Nenner steht). Im Gegensatz zu

\frac{1}{x}

hat er sowohl für negative, als auch für positive x positive Funktionswerte. Er ist also achsensymmetrisch bzgl. der y-Achse und enthält z.B. die Punkte (1|1) und (-1|1).

Der Graph Nr. 4 gehört also zur Funktion f(x) = $\frac{1}{x^{2}}$ .

Graph-Term-Zuordnung LF

Beispiel:

Ordne die Funktionen den Graphen zu.

f(x)= $\sin (x)$

g(x)= $x^{2}$

h(x)= $e^{x}$

i(x)= $x^{3}$

1

2

3

4

Lösung einblenden

Zu Graph Nr. 1:

Der Graph von

e^{x}

nähert sich für negative x-Werte der x-Achse an und wächst für positive x-Werte sehr schnell. Er schneidet die y-Achse im Punkt (0|1), da

e^{0}

= 1.

Der Graph Nr. 1 gehört also zur Funktion h(x) = $e^{x}$ .

Zu Graph Nr. 2:

Den Graph von

x^{3}

erkennt man an seinem Sattelpunkt und der immer größer werdenden Steigung, je weiter sich der Graph vom Ursprung entfernt. Er besitzt die Punkte (-2|-8), (-1|1), (0|0), (1|1), (2|8), usw.

Der Graph Nr. 2 gehört also zur Funktion i(x) = $x^{3}$ .

Zu Graph Nr. 3:

Der Graph von

\sin (x)

zwischen 1 und -1. Im Gegensatz zum Kosinus (cos(x)) startet der Sinus für x=0 im Ursprung O(0|0), was man am Einheitskreis rechts sehen kann:

Der Graph Nr. 3 gehört also zur Funktion f(x) = $\sin (x)$ .

Zu Graph Nr. 4:

Der Graph von

x^{2}

hat die typische Form einer nach oben geöffneten Normalparabel. Sie hat ihren Scheitel (Tiefpunkt) im Ursprung. Die Steigung wird vom Betrag immer größer, je weiter der Graph sich vom Ursprung entfernt. Besonders markant sind die Punkte (1|1), (2|4), usw.

Der Graph Nr. 4 gehört also zur Funktion g(x) = $x^{2}$ .

Graph-Term-Zuordnung 2 BF

Beispiel:

Ordne die Funktionen den Graphen zu.

f(x)= $\frac{1}{x}$

g(x)= $x^{2}$

h(x)= $\frac{1}{x^{2}}$

i(x)= $\sqrt{x}$

j(x)= $x^{3}$

k(x)= $\cos (x)$

1

2

3

4

Lösung einblenden

Zu Graph Nr. 1:

Den Graph von

\frac{1}{x}

erkennt man an den Asymptoten an den beiden Achsen. Es handelt sich um eine Hyperbel. Je näher x an 0 kommt, umso betragsmäßig größer wird der Funktionswert (weil ja x im Nenner steht). Je weiter x sich von 0 entfernt, umso betragsmäßig kleiner wird der Funktionswert, weil ja der Nenner immer größer wird. Der Graph verläuft durch die Punkte (1|1) und (-1|-1), weil f(1) =

\frac{1}{1}

= 1 und f(-1) =

\frac{1}{-1}

= -1. Im Gegensatz zu

\frac{1}{x^{2}}

hat er für negative x-Werte negative Funktionswerte und für positive x-Werte positive Funktionswerte.

Der Graph Nr. 1 gehört also zur Funktion f(x) = $\frac{1}{x}$ .

Zu Graph Nr. 2:

Den Graph von

\frac{1}{x^{2}}

erkennt man an den Asymptoten an den beiden Achsen. Es handelt sich um eine Hyperbel. Je näher x an 0 kommt, umso größer wird der Funktionswert. Je weiter x sich von 0 entfernt, umso kleiner wird der Funktionswert (weil ja x im Nenner steht). Im Gegensatz zu

\frac{1}{x}

hat er sowohl für negative, als auch für positive x positive Funktionswerte. Er ist also achsensymmetrisch bzgl. der y-Achse und enthält z.B. die Punkte (1|1) und (-1|1).

Der Graph Nr. 2 gehört also zur Funktion h(x) = $\frac{1}{x^{2}}$ .

Zu Graph Nr. 3:

Den Graph von

x^{3}

erkennt man an seinem Sattelpunkt und der immer größer werdenden Steigung, je weiter sich der Graph vom Ursprung entfernt. Er besitzt die Punkte (-2|-8), (-1|1), (0|0), (1|1), (2|8), usw.

Der Graph Nr. 3 gehört also zur Funktion j(x) = $x^{3}$ .

Zu Graph Nr. 4:

Der Graph von

\sqrt{x}

hat im Bereich für negative x keine Funktionswerte. Er steigt zunächst sehr schnell, dann nimmt die Steigung aber ab. Er sieht aus wie eine halbe Parabel, die um 90° gedreht wurde. Er besitzt die Punkte (0|0), (1|1), (4|2), usw.

Der Graph Nr. 4 gehört also zur Funktion i(x) = $\sqrt{x}$ .

Graph-Term-Zuordnung 2 LF

Beispiel:

Ordne die Funktionen den Graphen zu.

f(x)= $\cos (x)$

g(x)= $x^{2}$

h(x)= $\sqrt{x}$

i(x)= $\ln (x)$

j(x)= $\frac{1}{x}$

k(x)= $x^{3}$

1

2

3

4

Lösung einblenden

Zu Graph Nr. 1:

Der Graph von

\ln (x)

besitzt für negative x-Werte keine Funktionswerte, weil man den Logarithmus nur aus positiven Zahlen ziehen kann. Für x → 0 streben die y-Werte gegen -∞. Der Graph nähert sich somit der negativen y-Achse asymptotisch an. Für positive x-Werte steigt er sehr langsam an. Er schneidet die x-Achse im Punkt (1|0), da

e^{0}

= 1 und somit

\ln (1)

= 0 ist.

Der Graph Nr. 1 gehört also zur Funktion i(x) = $\ln (x)$ .

Zu Graph Nr. 2:

Den Graph von

x^{3}

erkennt man an seinem Sattelpunkt und der immer größer werdenden Steigung, je weiter sich der Graph vom Ursprung entfernt. Er besitzt die Punkte (-2|-8), (-1|1), (0|0), (1|1), (2|8), usw.

Der Graph Nr. 2 gehört also zur Funktion k(x) = $x^{3}$ .

Zu Graph Nr. 3:

Der Graph von

\cos (x)

schwingt zwischen 1 und -1. Im Gegensatz zum Sinus startet der Kosinus für x=0 bei 1 (cos(0)=1). Im Einheitskreis rechts wird dies deutlich:

Der Graph Nr. 3 gehört also zur Funktion f(x) = $\cos (x)$ .

Zu Graph Nr. 4:

Den Graph von

\frac{1}{x}

erkennt man an den Asymptoten an den beiden Achsen. Es handelt sich um eine Hyperbel. Je näher x an 0 kommt, umso betragsmäßig größer wird der Funktionswert (weil ja x im Nenner steht). Je weiter x sich von 0 entfernt, umso betragsmäßig kleiner wird der Funktionswert, weil ja der Nenner immer größer wird. Der Graph verläuft durch die Punkte (1|1) und (-1|-1), weil f(1) =

\frac{1}{1}

= 1 und f(-1) =

\frac{1}{-1}

= -1. Im Gegensatz zu

\frac{1}{x^{2}}

hat er für negative x-Werte negative Funktionswerte und für positive x-Werte positive Funktionswerte.

Der Graph Nr. 4 gehört also zur Funktion j(x) = $\frac{1}{x}$ .

Graph-Term-Zuordn BF + Transf.

Beispiel:

Ordne die Funktionen den Graphen zu.

f(x)= $\cos (x) + 1$

g(x)= $\cos (x)$

h(x)= $x^{2} + 1$

i(x)= $\ln (x)$

j(x)= $x^{2}$

k(x)= $\ln (x) + 1$

1

2

3

4

Lösung einblenden

Zu Graph Nr. 1:

Der Graph von

\cos (x)

schwingt zwischen 1 und -1. Im Gegensatz zum Sinus startet der Kosinus für x=0 bei 1 (cos(0)=1). Im Einheitskreis rechts wird dies deutlich:

Der Graph Nr. 1 gehört also zur Funktion g(x) = $\cos (x)$ .

Zu Graph Nr. 2:

Der Graph von

\ln (x)

besitzt für negative x-Werte keine Funktionswerte, weil man den Logarithmus nur aus positiven Zahlen ziehen kann. Für x → 0 streben die y-Werte gegen -∞. Der Graph nähert sich somit der negativen y-Achse asymptotisch an. Für positive x-Werte steigt er sehr langsam an. Er schneidet die x-Achse im Punkt (1|0), da

e^{0}

= 1 und somit

\ln (1)

= 0 ist.

Am Graph Nr. 2 kann man all diese Eigenschaften erkennen, außer dass eben alle Punkte des Graphen noch zusätzlich um 1 in y-Richtung verschoben wurden.

Der Graph Nr. 2 gehört also zur Funktion k(x) = $\ln (x) + 1$ .

Zu Graph Nr. 3:

Der Graph von

x^{2}

hat die typische Form einer nach oben geöffneten Normalparabel. Sie hat ihren Scheitel (Tiefpunkt) im Ursprung. Die Steigung wird vom Betrag immer größer, je weiter der Graph sich vom Ursprung entfernt. Besonders markant sind die Punkte (1|1), (2|4), usw.

Der Graph Nr. 3 gehört also zur Funktion j(x) = $x^{2}$ .

Zu Graph Nr. 4:

Der Graph von

\cos (x)

schwingt zwischen 1 und -1. Im Gegensatz zum Sinus startet der Kosinus für x=0 bei 1 (cos(0)=1). Im Einheitskreis rechts wird dies deutlich:

Am Graph Nr. 4 kann man all diese Eigenschaften erkennen, außer dass eben alle Punkte des Graphen noch zusätzlich um 1 in y-Richtung verschoben wurden.

Der Graph Nr. 4 gehört also zur Funktion f(x) = $\cos (x) + 1$ .

Graph-Term-Zuordn LF + Transf.

Beispiel:

Ordne die Funktionen den Graphen zu.

f(x)= $- \frac{1}{x^{2}}$

g(x)= $\frac{1}{x}$

h(x)= $e^{x}$

i(x)= $- \frac{1}{x}$

j(x)= $- e^{x}$

k(x)= $\frac{1}{x^{2}}$

1

2

3

4

Lösung einblenden

Zu Graph Nr. 1:

Den Graph von

\frac{1}{x}

erkennt man an den Asymptoten an den beiden Achsen. Es handelt sich um eine Hyperbel. Je näher x an 0 kommt, umso betragsmäßig größer wird der Funktionswert (weil ja x im Nenner steht). Je weiter x sich von 0 entfernt, umso betragsmäßig kleiner wird der Funktionswert, weil ja der Nenner immer größer wird. Der Graph verläuft durch die Punkte (1|1) und (-1|-1), weil f(1) =

\frac{1}{1}

= 1 und f(-1) =

\frac{1}{-1}

= -1. Im Gegensatz zu

\frac{1}{x^{2}}

hat er für negative x-Werte negative Funktionswerte und für positive x-Werte positive Funktionswerte.

Der Graph Nr. 1 gehört also zur Funktion g(x) = $\frac{1}{x}$ .

Zu Graph Nr. 2:

Der Graph von

e^{x}

nähert sich für negative x-Werte der x-Achse an und wächst für positive x-Werte sehr schnell. Er schneidet die y-Achse im Punkt (0|1), da

e^{0}

= 1.

Der Graph Nr. 2 gehört also zur Funktion h(x) = $e^{x}$ .

Zu Graph Nr. 3:

Den Graph von

\frac{1}{x^{2}}

erkennt man an den Asymptoten an den beiden Achsen. Es handelt sich um eine Hyperbel. Je näher x an 0 kommt, umso größer wird der Funktionswert. Je weiter x sich von 0 entfernt, umso kleiner wird der Funktionswert (weil ja x im Nenner steht). Im Gegensatz zu

\frac{1}{x}

hat er sowohl für negative, als auch für positive x positive Funktionswerte. Er ist also achsensymmetrisch bzgl. der y-Achse und enthält z.B. die Punkte (1|1) und (-1|1).

Am Graph Nr. 3 kann man all diese Eigenschaften erkennen, außer dass eben alle Punkte des Graphen noch an der x-Achse gespiegelt wurden.

Der Graph Nr. 3 gehört also zur Funktion f(x) = $- \frac{1}{x^{2}}$ .

Zu Graph Nr. 4:

Den Graph von

\frac{1}{x^{2}}

erkennt man an den Asymptoten an den beiden Achsen. Es handelt sich um eine Hyperbel. Je näher x an 0 kommt, umso größer wird der Funktionswert. Je weiter x sich von 0 entfernt, umso kleiner wird der Funktionswert (weil ja x im Nenner steht). Im Gegensatz zu

\frac{1}{x}

hat er sowohl für negative, als auch für positive x positive Funktionswerte. Er ist also achsensymmetrisch bzgl. der y-Achse und enthält z.B. die Punkte (1|1) und (-1|1).

Der Graph Nr. 4 gehört also zur Funktion k(x) = $\frac{1}{x^{2}}$ .

Ableitungen am Graph finden

Beispiel:

Gegeben ist eine Funktion f. Eine der 4 Abbildungen unten zeigt den Graph von f, eine andere zeigt den Graph der Ableitungsfunktion f'. Eine weitere Abbildung zeigt den Graph einer Stammfunktion F (von f). Die verbleibende vierte Abbildung zeigt den Graph einer ganz anderen Funktion g. Ordne die Graphen den Funktionen f, f', F und G zu

1

2

3

4

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Als Vorgehensweise empfiehlt es sich, die markanten Punkte in Bezug auf die Ableitung, also Punkte mit waagrechter Tangente wie z.B. Hoch- und Tiefpunkte, bei den einzelnen Graphen zu betrachten.

Zu Graph Nr. 1:

Beim Graph Nr. 1 können wir bei x = 0 Punkte mit waagrechter Tangente erkennen.

Da ja genau an diesen Stellen der Graph 4 seine Nullstellen hat, könnte der Graph 4 die Ableitungsfunktion der Funktion vom Graph 1 zeigen.

Zu Graph Nr. 2:

Beim Graph Nr. 2 können wir bei x = -0.6 und bei x = 0.6 Punkte mit waagrechter Tangente erkennen.

Da ja genau an diesen Stellen der Graph 1 seine Nullstellen hat, könnte der Graph 1 die Ableitungsfunktion der Funktion vom Graph 2 zeigen.

Zu Graph Nr. 3:

Beim Graph Nr. 3 können wir bei x = 0.3 und bei x = 1 Punkte mit waagrechter Tangente erkennen.

Zu Graph Nr. 4:

Beim Graph Nr. 4 können wir keine Punkte mit waagrechter Tangente finden.

Wir fassen also zusammen:

Der Graph 4 zeigt die Ableitung vom Graph 1
Der Graph 1 zeigt die Ableitung vom Graph 2
Der Graph 3 scheint zu einer ganz anderen Funktion zu gehören.

Somit gilt:

Der Graph 1 gehört zur Funktion f(x).

Der Graph 2 gehört zur Funktion F(x).

Der Graph 3 gehört zur Funktion g(x).

Der Graph 4 gehört zur Funktion f '(x).

Term mit Eigenschaften finden

Beispiel:

Bestimme den Term einer Funktion, für dessen Graph folgende Bedingungen erfüllt sein müssen:

gemeinsame Punkte mit der x-Achse: N₁(1|0) und N₂(0|0)
Verhalten für x → -∞: f(x) → ∞

Lösung einblenden

Als erstes stellen wir einen Term auf, der die geforderten Nullstellen besitzt. Dazu bekommt jede Nullstelle ihren Linearfaktor, also $f(x) =$ $(x - 1) \cdot (x + 0)$ .

Jetzt betrachten wir das Verhalten für x → ± ∞ :

Da unser Term $(x - 1) x$ = $x^{2} - x$ für x → -∞ gegen +∞ strebt, erfüllt er nun alle geforderten Eigenschaften.

Dieser funktionierende Term ist im roten Graphen eingezeichnet

Nullstellen und Faktorisieren

Beispiel:

Bestimme alle Nullstellen der Funktion f mit $f(x) =$ $x^{4} - 4 x^{2} - 45$ und gib f in Linearfaktordarstellung an.

Lösung einblenden

Nullstellen sind die x-Werte, an denen der Funktionswert 0 beträgt, es muss also gelten:

f(x)=0

x^{4} - 4 x^{2} - 45

=

0

Diese Gleichung kann durch Substitution auf eine quadratische Gleichung zurückgeführt werden!

Setze u = $x^{2}$

Draus ergibt sich die quadratische Gleichung:

$u^{2} - 4 u - 45$ = 0

eingesetzt in die Mitternachtsformel (a-b-c-Formel):

u_1,2 = $\frac{+ 4 \pm \sqrt{{(- 4)}^{2} - 4 \cdot 1 \cdot (- 45)}}{2 \cdot 1}$

u_1,2 = $\frac{+ 4 \pm \sqrt{16 + 180}}{2}$

u_1,2 = $\frac{+ 4 \pm \sqrt{196}}{2}$

u₁ = $\frac{4 + \sqrt{196}}{2}$ = $\frac{4+14}{2}$ = $\frac{18}{2}$ = $9$

u₂ = $\frac{4 - \sqrt{196}}{2}$ = $\frac{4-14}{2}$ = $\frac{- 10}{2}$ = $- 5$

Rücksubstitution:

u₁: $x^{2}$ = $9$

$x^{2}$	=	$9$	\| $\sqrt[2]{\cdot}$
x₁	=	$- \sqrt{9}$	= $- 3$
x₂	=	$\sqrt{9}$	= $3$

u₂: $x^{2}$ = $- 5$

x^{2}

=

- 5

|

\sqrt[2]{\cdot}

Diese Gleichung hat keine (reele) Lösung!

L={ $- 3$ ; $3$ }

Eine Mehrfachheit der Nullstellen muss natürlich auch in der faktorisierten Darstellung berücksichtigt werden.

Wenn wir den substituierten Term $u^{2} - 4 u - 45$ anschauen, können wir ja auch den erst mal noch faktorisieren:

$x^{4} - 4 x^{2} - 45$ =nach Substitution $u^{2} - 4 u - 45$ = $(u - 9) \cdot (u + 5)$ =nach Re-Substitution $(x² - 9) \cdot (x² + 5)$

Somit gilt für die faktorisierte Darstellung:

$f(x) =$ $(x + 3) \cdot (x - 3) \cdot (x^{2} + 5)$ = $x^{4} - 4 x^{2} - 45$

Schnittpkt-Anzahl in Abh. von Parameter

Beispiel:

Die Gerade y = m⋅x schneidet den Graph der Funktion f mit $f(x) =$ $\frac{7}{12} x^{2} - \frac{7}{6} x + \frac{175}{48}$ für bestimmte Werte von m genau 1 mal.

Bestimme diese Werte von m.

Lösung einblenden

An der Abbildung kann man erkennen, dass die Geraden, die den Graph von f berühren, der spannende Grenzfall sind.

Da ja y = m⋅x für jedes m immer durch den Ursprung O(0|0) verläuft, suchen wir also eine Tangente (von außen) an den Graphen von f durch den Ursprung:

Zuerst wird die Ableitung von f berechnet: $f'(x) =$ $\frac{7}{6} x - \frac{7}{6}$

Wir kennen den Berührpunkt, in dem die gesuchte Tangente durch P(0|0) an das Schaubild von f angelegt wird, nicht. Deswegen nennen wir den x-Wert u. Der Funktionswert ist dann f(u), da der Berührpunkt ja auf dem Schaubild von f liegt. Außerdem muss die Ableitung in u ja gerade die Tangentensteigung sein, da B(u|f(u)) der Berührpunkt ist.

Wir können also P(0|0) als (x|y), den Berührpunkt B(u|f(u)) und m=f'(u)= $\frac{7}{6} u - \frac{7}{6}$ in die allgemeine Tangentengleichung

y=f´(u) ⋅(x-u)+f(u)

einsetzen:

0 = $(\frac{7}{6} u - \frac{7}{6}) \cdot (0 - u)$ + $\frac{7}{12} u^{2} - \frac{7}{6} u + \frac{175}{48}$

$- (\frac{7}{6} u - \frac{7}{6}) u + \frac{7}{12} u^{2} - \frac{7}{6} u + \frac{175}{48}$ = 0

$- \frac{7}{6} u^{2} + \frac{7}{6} u + \frac{7}{12} u^{2} - \frac{7}{6} u + \frac{175}{48}$ = 0

$- \frac{7}{12} u^{2} + 0 + \frac{175}{48}$ = 0

Die Lösung der Gleichung:

$- \frac{7}{12} u^{2} + 0 + \frac{175}{48}$	=	0
$- \frac{7}{12} u^{2} + \frac{175}{48}$	=	0	\| $- \frac{175}{48}$
$- \frac{7}{12} u^{2}$	=	$- \frac{175}{48}$	\|⋅ $(- \frac{12}{7})$
$u^{2}$	=	$\frac{25}{4}$	\| $\sqrt[2]{\cdot}$
u₁	=	$- \sqrt{\frac{25}{4}}$	= $- \frac{5}{2}$
u₂	=	$\sqrt{\frac{25}{4}}$	= $\frac{5}{2}$

L={ $- \frac{5}{2}$ ; $\frac{5}{2}$ }

Um die Steigung der Tangente zu erhalten, setzen wir den gefundenen Wert x = $- \frac{5}{2}$ in die Ableitung $f'(x) =$ $\frac{7}{6} x - \frac{7}{6} + 0$ ein:
$m = f'(- \frac{5}{2}) =$ $\frac{7}{6} \cdot (- \frac{5}{2}) - \frac{7}{6} + 0$
= $- \frac{35}{12} - \frac{7}{6}$
= $- \frac{49}{12}$

Um die Steigung der Tangente zu erhalten, setzen wir den gefundenen Wert x = $\frac{5}{2}$ in die Ableitung $f'(x) =$ $\frac{7}{6} x - \frac{7}{6} + 0$ ein:
$m = f'(\frac{5}{2}) =$ $\frac{7}{6} \cdot (\frac{5}{2}) - \frac{7}{6} + 0$
= $\frac{35}{12} - \frac{7}{6}$
= $\frac{7}{4}$

Man kann jetzt an der Abbildung gut erkennen, für m = $- \frac{49}{12}$ bzw. für m = $\frac{7}{4}$ die Gerade y = m⋅x den Graphen der Funktion berührt und somit nur einen gemeinamen Punkt mit dem Graph von f hat.

Wird die Gerade steiler, also für m > $\frac{7}{4}$ oder für m < $- \frac{49}{12}$ , schneidet die Gerade den Graph von f in zwei Punkten.

Wird die Geraden weniger steil, also für also für $- \frac{49}{12}$ < m < $\frac{7}{4}$ , hat die Gerade mit dem Graph von f gar keine gemeinsame Punkte.

Die richtige Lösung wäre hier also: m = $- \frac{49}{12}$ oder m = $\frac{7}{4}$

Parameter für Symmetrie finden

Beispiel:

Für welches a liegt beim Graph der Funktion f_a mit $f_{a} (x) =$ $3 a x^{3} + (a + 2) x^{2} + a - 1$ eine Symmetrie zum Koordinatenssystem vor ?

Gib die dann vorliegende Symmetrie an.

Lösung einblenden

Man erkennt schnell, das keine Symmetrie zum Koordinatenssystem vorliegt, wenn nicht mindestens einer der Summanden von $3 a x^{3} + (a + 2) x^{2} + a - 1$ rausfällt, so dass nur noch gerade oder ungerade Summanden übrig bleiben.

Durch scharfes Hinsehen könnte man a = 0 erkennen. Man kann aber auch einfach bei jedem Summanden den Koeffizient anschauen und dann a so wählen, dass der Koeffizient = 0 wird:

$3 a x^{3}$ wird 0 für a = 0 => f₀(x) = $0 \cdot x^{3} + (0 + 2) \cdot x^{2} + (0 - 1) \cdot 1$ = $2 x^{2} - 1$
$(a + 2) x^{2}$ wird 0 für a = -2 => f_-2(x) = $- 6 \cdot x^{3} + (- 2 + 2) \cdot x^{2} + (- 2 - 1) \cdot 1$ = $- 6 x^{3} - 3$
$a - 1$ wird 0 für a = 1 => f₁(x) = $3 \cdot x^{3} + (1 + 2) \cdot x^{2} + (1 - 1) \cdot 1$ = $3 x^{3} + 3 x^{2}$

Für a = 0 hat f₀(x) = $2 x^{2} - 1$ also nur gerade Summanden und ist somit achsensymmetrisch zur y-Achse.

Verschiebung Integral allg.

Beispiel:

Es gilt $\int_{-3}^{-1} f(x) ⅆ x$ = 12. Für bestimmte Werte von a und b kann der Wert des Integrals I = $\int_{a}^{b} 2\cdotf(x-1) ⅆ x$ berechnet werden.

Bestimme a, b und I.

Lösung einblenden

Der Graph von f(x -1) ist gegenüber dem Graph von f um 1 Einheit nach rechts verschoben. Dementsprechend hat auch das Integral über f(x -1) den Wert 12, wenn man die Grenzen auch um 1 Einheit nach rechts verschiebt. Die Integralgrenzen müssen also um 1 größer sein, als bei $\int_{-3}^{-1} f(x) ⅆ x$ , also 12 = $\int_{-3}^{-1} f(x) ⅆ x$ = $\int_{-2}^{0} f(x-1) ⅆ x$ .

Somit gilt a = -2 und b = 0.

Wegen der Linearität des Integrals gilt $\int_{-2}^{0} 2\cdotf(x-1) ⅆ x$ = $2$ ⋅ $\int_{-2}^{0} f(x-1) ⅆ x$

Somit gilt $\int_{-2}^{0} 2\cdotf(x-1) ⅆ x$ = $2$ ⋅12 = 24

Anwendungen

Beispiel:

Eine neue trendy App wird veröffentlicht. Dabei kann die tägliche Downloadzahl (in K) näherungsweise für t ≥ 0 durch die Funktion f mit $f(t) =$ $20 e^{- 0,6 t} - 20 e^{- 1,2 t}$ beschrieben werden; f(t) in Tausend Downloads, t in Tagen nach Beobachtungsbeginn bzw. Veröffentlichung.

Bestimme die maximale tägliche Downloadzahl.
Gegen welchen Wert entwickeln sich die Downloadzahlen auf lange Sicht?
Wie lange sind die Downloadzahlen mindestens $\frac{111}{80}$ (Tausend)?
Wie viele Tausend Downloads wurden insgesamt nach den ersten 3 Tagen heruntergeladen?

Lösung einblenden

y-Wert des Maximums (HP)

Gesucht ist der y-Wert des Hochpunkt. Wir berechnen also die Extremstellen von f:

Detail-Rechnung für den Hochpunkt ( $1,1552$ |5) einblenden

$f(t) =$ $20 e^{- 0,6 t} - 20 e^{- 1,2 t}$

Als erstes leitet man die Funktion zwei mal ab.

=> $f'(t) =$ $20 e^{- 0,6 t} \cdot (- 0,6) - 20 e^{- 1,2 t} \cdot (- 1,2)$

= $e^{- 1,2 t} \cdot (24 - 12 e^{0,6 t})$

= $(- 12 e^{0,6 t} + 24) e^{- 1,2 t}$

$f''(t) =$ $(- 12 e^{0,6 t} \cdot 0,6 + 0) \cdot e^{- 1,2 t} + (- 12 e^{0,6 t} + 24) \cdot e^{- 1,2 t} \cdot (- 1,2)$

= $e^{- 1,2 t} \cdot (14,4 e^{0,6 t} - 28,8 - 7,2 e^{0,6 t})$

= $(7,2 e^{0,6 t} - 28,8) e^{- 1,2 t}$

Die notwendige Bedingung für einen Extrempunkt ist f'(x)=0.

(Alle Extrempunkte haben die Steigung 0).

Man setzt nun also f'(t) gleich 0, um die einzig möglichen x-Werte für Extrempunkte von f zu bestimmen.

(- 12 e^{0,6 t} + 24) \cdot e^{- 1,2 t}

=

0

Ein Produkt ist genau dann =0, wenn mindestens einer der beiden Faktoren =0 ist.

1. Fall:

$- 12 e^{0,6 t} + 24$	=	0	\| $- 24$
$- 12 e^{0,6 t}$	=	$- 24$	\|: $- 12$
$e^{0,6 t}$	=	$2$	\|ln(⋅)
$0,6 t$	=	$\ln (2)$	\|: $0,6$
t₁	=	$\frac{1}{0,6} \ln (2)$	≈ 1.1552

2. Fall:

e^{- 1,2 t}

=

0

Diese Gleichung hat keine Lösung!

Die Lösung t= $\frac{1}{0,6} \ln (2)$ ist nun der einzige Kandidat für eine Extremstelle.

Die einfachste Möglichkeit, um diese Kandidaten zu überprüfen, ist das Einsetzen dieser x-Werte in f''(t):

Ist f''(t) < 0, so handelt es sich um einen Hochpunkt (hinreichende Bedingung: f'(t₀)=0 und f''(t₀)<0).
Ist sie größer 0 handelt es sich um einen Tiefpunkt (hinreichende Bedingung: f'(t₀)=0 und f''(t₀)>0).

f''( $1,1552$ ) = $e^{- 1,2 \cdot 1,1552} \cdot (14,4 e^{0,6 \cdot 1,1552} - 28,8 - 7,2 e^{0,6 \cdot 1,1552})$ = $e^{- 1,38624} \cdot (7,2 e^{0,69312} - 28,8)$ = $e^{- 1,38624} \cdot (7,2 e^{0,69312} - 28,8)$ <0

Das heißt bei t = $1,1552$ ist ein Hochpunkt.
Um dessen y-Wert zu erhalten muss der entsprechende t-Wert in f(t) eingesetzt werden.
f( $1,1552$ ) = $20 e^{- 0,6 \cdot 1,1552} - 20 e^{- 1,2 \cdot 1,1552}$ = $20 e^{- 0,69312} - 20 e^{- 1,38624}$ ≈ 5
Man erhält so den Hochpunkt H:( $1,1552$ | $20 e^{- 0,69312} - 20 e^{- 1,38624}$ )

≈ H:(1.155|5)

Randwertuntersuchung

Da ja ein maximaler Wert, also ein globales Maximum gesucht wird, müssen wir noch untersuchen, ob vielleicht an den Rändern noch höhere Werte als beim lokalen Maximum auftreten.

Dazu setzen wir am linken Rand einfach die linke Grenze des Definitionsbereichs in die Funktion ein: f(0) = $20 e^{- 0,6 \cdot 0} - 20 e^{- 1,2 \cdot 0}$ = 0. Am rechten Rand müssen wir das Verhalten für t → ∞ betrachten: Für t → ∞ ⇒ f(t) → $0 + 0$ .

Weil die Werte an den Rändern kleiner als am Hochpunkt sind, ist das lokale Maximum also ein globales Maximum von f.

5 ist also der größte Wert der Funktion.

Verhalten für t gegen unendlich
Gesucht ist das Verhalten der Funktionswerte bei sehr großen t-Werten, also das Verhalten von f für t → ∞.

Für t → ∞ ⇒ f(t)= $20 e^{- 0,6 t} - 20 e^{- 1,2 t}$ → $0 + 0$

Das langfristige Verhalten der Funktionswerte geht also gegen 0.

Abstand der beiden Schnittstellen mit $\frac{111}{80}$

Gesucht sind die Zeitpunkte, an denen die Funktion die Werte y= $\frac{111}{80}$ annimmt.

Dazu setzen wir die Funktion einfach = $\frac{111}{80}$ und lösen nach t auf:

20 e^{- 0,6 t} - 20 e^{- 1,2 t}

=

\frac{111}{80}

|

- \frac{111}{80}

20 e^{- 0,6 t} - 20 e^{- 1,2 t} - \frac{111}{80}

= 0

Diese Gleichung kann durch Substitution auf eine quadratische Gleichung zurückgeführt werden!

$20 e^{- 0,6 t} - 20 e^{- 1,2 t} - \frac{111}{80}$	=	0	\|⋅ $e^{1,2 x}$
$- \frac{111}{80} e^{1,2 t} + 20 e^{0,6 t} - 20$	=	0

Setze u = $e^{0,6 x}$

Draus ergibt sich die quadratische Gleichung:

$- \frac{111}{80} u^{2} + 20 u - 20$	=	0	\|⋅ 80
$80 (- \frac{111}{80} u^{2} + 20 u - 20)$	=	0

$- 111 u^{2} + 1 600 u - 1 600$ = 0

eingesetzt in die Mitternachtsformel (a-b-c-Formel):

u_1,2 = $\frac{- 1 600 \pm \sqrt{{1 600}^{2} - 4 \cdot (- 111) \cdot (- 1 600)}}{2 \cdot (- 111)}$

u_1,2 = $\frac{- 1 600 \pm \sqrt{2 560 000 - 710 400}}{- 222}$

u_1,2 = $\frac{- 1 600 \pm \sqrt{1 849 600}}{- 222}$

u₁ = $\frac{- 1 600 + \sqrt{1 849 600}}{- 222}$ = $\frac{- 1 600+1360}{- 222}$ = $\frac{- 240}{- 222}$ = $\frac{40}{37}$ ≈ 1.08

u₂ = $\frac{- 1 600 - \sqrt{1 849 600}}{- 222}$ = $\frac{- 1 600-1360}{- 222}$ = $\frac{- 2 960}{- 222}$ = $\frac{40}{3}$ ≈ 13.33

Rücksubstitution:

u₁: $e^{0,6 x}$ = $\frac{40}{37}$

$e^{0,6 x}$	=	$\frac{40}{37}$	\|ln(⋅)
$0,6 x$	=	$\ln (\frac{40}{37})$	\|: $0,6$
x₁	=	$\frac{1}{0,6} \ln (\frac{40}{37})$	≈ 0.1299

u₂: $e^{0,6 x}$ = $\frac{40}{3}$

$e^{0,6 x}$	=	$\frac{40}{3}$	\|ln(⋅)
$0,6 x$	=	$\ln (\frac{40}{3})$	\|: $0,6$
x₂	=	$\frac{1}{0,6} \ln (\frac{40}{3})$	≈ 4.3171

Die Zeitspanne zwischen diesen Zeitpunkten, an denen die Funktion den Wert $\frac{111}{80}$ annimmt, ist also:

d = 4.32 - 0.13 ≈ 4.19 Tage.

Bestand zur Zeit 3
Gesucht ist ja der Bestands zur Zeit t=3 und weil ja f die Änderungsrate des Bestands angibt, kann der Bestands zur Zeit t=3 als Summe vom Anfangsbestand 0 und dem Integral $\int_{0}^{3} (20 e^{- 0,6 t} - 20 e^{- 1,2 t}) ⅆ t$ berechnet werden.

Wir berechenn also zuerst das Integral:

$\int_{0}^{3} (20 e^{- 0,6 t} - 20 e^{- 1,2 t}) ⅆ t$
= ${[- \frac{100}{3} e^{- 0,6 x} + \frac{50}{3} e^{- 1,2 x}]}_{0}^{3}$
$=$ $- \frac{100}{3} e^{- 0,6 \cdot 3} + \frac{50}{3} e^{- 1,2 \cdot 3} - (- \frac{100}{3} e^{- 0,6 \cdot 0} + \frac{50}{3} e^{- 1,2 \cdot 0})$
= $- \frac{100}{3} e^{- 1,8} + \frac{50}{3} e^{- 3,6} - (- \frac{100}{3} e^{0} + \frac{50}{3} e^{0})$
= $- \frac{100}{3} e^{- 1,8} + \frac{50}{3} e^{- 3,6} - (- \frac{100}{3} + \frac{50}{3})$
= $- \frac{100}{3} e^{- 1,8} + \frac{50}{3} e^{- 3,6} - 1 \cdot (- \frac{50}{3})$
= $- \frac{100}{3} e^{- 1,8} + \frac{50}{3} e^{- 3,6} + \frac{50}{3}$

≈ 11,612

Jetzt haben wir den Zuwachs und müssen nur noch den Anfangsbestand addieren:
B(3)≈ 0 + 11.612 = 11.612

11.61 Tausend Downloads ist also der gesuchte Bestand zur Zeit t=3.

Aufgabentypen anhand von Beispielen durchstöbern

Graph-Term-Zuordnung BF

Zu Graph Nr. 1:

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Graph-Term-Zuordnung LF

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Zu Graph Nr. 3:

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Graph-Term-Zuordnung 2 BF

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Graph-Term-Zuordnung 2 LF

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Graph-Term-Zuordn BF + Transf.

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Ableitungen am Graph finden

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Wir fassen also zusammen:

Term mit Eigenschaften finden

Nullstellen und Faktorisieren

Schnittpkt-Anzahl in Abh. von Parameter

Parameter für Symmetrie finden

Verschiebung Integral allg.

Anwendungen

Randwertuntersuchung