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Ebene aus Normalenvektor und Pkt

Beispiel:

Bestimme eine Koordinatengleichung der Ebene E, die den Normalenvektor $(\begin{matrix} -2 \\ 3 \\ 0 \end{matrix})$ hat und den Punkt P $(5 | -4 | 0)$ enthält.

Lösung einblenden

Da E den Normalenvektor $\vec{n}$ = $(\begin{matrix} -2 \\ 3 \\ 0 \end{matrix})$ besitzt, hat sie die Form E: $-2 x_{1} + 3 x_{2} = d$ .

Da der Punkt P $(5 | -4 | 0)$ auf der gesuchten Ebene liegen soll, können wir diesen einfach einsetzen, um das d zu bestimmen.

$-2 \cdot 5 + 3 \cdot (-4) = d$

$-10 -12 +0 = d$

$-22 = d$

Die gesuchte Ebene hat somit die Gleichung E: $-2 x_{1} + 3 x_{2} = -22$ .

parallele Ebene durch Punkt

Beispiel:

Bestimme eine Koordinatengleichung der Ebene F, die parallel zur Ebene E: $-4 x_{1} + 3 x_{2} - 4 x_{3} = 3$ ist und die den Punkt P $(3 | -1 | -3)$ enthält.

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Jede zu E parallele Ebene hat den gleichen Normalenvektor $\vec{n}$ = $(\begin{matrix} -4 \\ 3 \\ -4 \end{matrix})$ und damit die Form E: $-4 x_{1} + 3 x_{2} - 4 x_{3} = d$ .

Da der Punkt P $(3 | -1 | -3)$ auf der gesuchten Ebene liegen soll, können wir diesen einfach einsetzen, um das d zu bestimmen.

$-4 \cdot 3 + 3 \cdot (-1) - 4 \cdot (-3) = d$

$-12 -3 +12 = d$

$-3 = d$

Die gesuchte Ebene hat somit die Gleichung F: $-4 x_{1} + 3 x_{2} - 4 x_{3} = -3$ .

Punktprobe in Ebene mit Parameter

Beispiel:

Für welches a liegt der Punkt P $(-3 | 4 | 0)$ auf der Ebene E: $-2 x_{1} + a x_{2} - 5 x_{3} = -6$ ?

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Wir setzen einfach mal den Punkt P in E ein:

$(-2) \cdot (-3) + a \cdot 4 + (-5) \cdot 0 = -6$
$6 + a ⋅ 4 + 0 = -6$ |-6
4a = -12 | :4
a = -3

Ebene aus orth. Geraden durch Punkt

Beispiel:

Bestimme eine Koordinatengleichung der Ebene E, die orthogonal zur Geraden g: $\vec{x} =$ $(\begin{matrix} -3 \\ 4 \\ -3 \end{matrix}) + t \cdot (\begin{matrix} 5 \\ 5 \\ 1 \end{matrix})$ ist und die den Punkt P $(-5 | -2 | -2)$ enthält.

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Wenn E orthogonal zur Geraden g ist, so kann man den Richtungsverktor von g als Normalenvektor $\vec{n}$ = $(\begin{matrix} 5 \\ 5 \\ 1 \end{matrix})$ der gesuchten Ebene verwenden. Dadurch ergibt sich für die Koordinatengleichung der Ebene E: $5 x_{1} + 5 x_{2} + x_{3} = d$ .

Da der Punkt P $(-5 | -2 | -2)$ auf der gesuchten Ebene liegen soll, können wir diesen einfach einsetzen, um das d zu bestimmen.

$5 \cdot (-5) + 5 \cdot (-2) + 1 \cdot (-2) = d$

$-25 -10 -2 = d$

$-37 = d$

Die gesuchte Ebene hat somit die Gleichung F: $5 x_{1} + 5 x_{2} + x_{3} = -37$ .

spezielle Ebenen

Beispiel:

Welche besondere Lage hat die Ebene E: $- 5 x_{3} = 0$ ?

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Der Normalenvektor der Ebene ist $\vec{n}$ = $(\begin{matrix} 0 \\ 0 \\ -5 \end{matrix})$ , er steht also senkrecht auf der x₁-x₂-Ebene. Also muss die Ebene parallel zur x₁-x₂-Ebene sein.

Eine Punktprobe mit dem Ursprung O(0|0|0) zeigt, dass dieser auf der Ebene liegt. Also ist die Ebene die x₁-x₂-Ebene.

spezielle Ebenen aufstellen

Beispiel:

Bestimme die Koordinatengleichung einer Ebene, die parallel zur x₁-Achse ist und den Punkt $(2 | 1 | 3)$ beinhaltet.

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Da die gesuchte Ebende parallel zur x₁-Achse sein muss, darf sie keinen Spurpunkt mit der x₁-Achse haben, das heißt, wenn man 0 für x₂ und x₃ einsetzt, muss a=0 sein, damit die ganze linke Seite immer 0 ist; und die Gleichung so zu einem Widerspruch 0=d führt.

(ansonsten könnte man ja $a \cdot x_{1} + b \cdot 0 + c \cdot 0 = d$ zu $x_{1} = \frac{d}{a}$ umformen und würde einen Spurpunkt mit der x₁-Achse erhalten)

Der Koeffizient a vor x₁ muss also 0 sein. Die Gleichung der Ebene lautet dann
b⋅x₂ + c⋅x₃=d.

Punkt P $(2 | 1 | 3)$ eingesetzt:
b⋅1 + c⋅3=d

b=1;c=1 und d=4 ist eine (von unendlich vielen) Möglichkeiten für diese Gleichung.
x₂ + x₃=4 ist also eine zur x₁-Achse parallele Ebene, in der auch der Punkt P $(2 | 1 | 3)$ liegt.

spezielle Ebene in Parameterform

Beispiel:

Welche besondere Lage hat die Ebene E: $\vec{x} = (\begin{matrix} 0 \\ 3 \\ 6 \end{matrix}) + r \cdot (\begin{matrix} 0 \\ -5 \\ 4 \end{matrix}) + s \cdot (\begin{matrix} 0 \\ -9 \\ 7 \end{matrix})$ ?

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1. Weg:

Man kann erkennen, dass - egal was man für r und s einsetzt - der x₁-Wert immer 0 bleibt. Man kann die Ebene also auch in der Form als x₁ = 0 als Koordinatenebene darstellen. (Damit ist dann der Normalenvektor $\vec{n}$ = $(\begin{matrix} 1 \\ 0 \\ 0 \end{matrix})$ .)

E ist also die x₂-x₃-Ebene.

2. Weg:

Da beide Spannvektoren an der x₁-Stelle den Wert 0 haben, kann man leicht den Normalenvektor $\vec{n}$ = $(\begin{matrix} 1 \\ 0 \\ 0 \end{matrix})$ bestimmen. Damit muss die Ebene die Form x₁=c haben. (Mit Punktprobe des Aufpunkts von E erkennt man dann ...)

E ist also die x₂-x₃-Ebene.

Parameter bestimmen, dass g in E liegt

Beispiel:

Bestimme a und b so, dass die Gerade g: $\vec{x} =$ $(\begin{matrix} -5 \\ 1 \\ -2 \end{matrix}) + t \cdot (\begin{matrix} -4 \\ 0 \\ -2 \end{matrix})$ komplett in der Ebene E: $a x_{1} - 5 x_{2} + 10 x_{3} = b$ liegt.

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Wenn die Gerade g in E liegen soll, muss auch der Normalenvektor von E orthogonal zum Richtungsvektor von g sein, also muss gelten:

$(\begin{matrix} -4 \\ 0 \\ -2 \end{matrix})$ ⋅ $(\begin{matrix} a \\ -5 \\ 10 \end{matrix})$ = 0

$(-4) \cdot a + 0 \cdot (-5) + (-2) \cdot 10 = 0$
$a ⋅ (-4) + 0 + (-20) = 0$ |+20
-4a = 20 | :(-4)
a = -5

Für a = -5 ist also g parallel zu E oder liegt in E.
E hat dann also die Koordinatengleichung E: $-5 x_{1} - 5 x_{2} + 10 x_{3} = b$ .
Wenn g in E liegen soll, muss ja jeder Punkt von g in E liegen, also auch der Aufpunkt $(-5 | 1 | -2)$ .

Wir müssen also nur den Aufpunkt $(-5 | 1 | -2)$ in E: $-5 x_{1} - 5 x_{2} + 10 x_{3} = b$ einsetzen, um noch das b zu bestimmen.

$-5 \cdot (-5) - 5 \cdot 1 + 10 \cdot (-2) = b$

$25 -5 -20 = b$

$0 = b$

Mit b = 0 ergibt sich somit als Koordinatengleichung für E: $-5 x_{1} - 5 x_{2} + 10 x_{3} = 0$ .

Parameter für Lage von 2 Ebenen bestimmen

Beispiel:

Gegeben sind die Ebenen E: $29 x_{1} + 5 x_{2} + 2 x_{3} = 79$ und F: $a x_{1} - 15 x_{2} - 6 x_{3} = b$ . Bestimme a und b so, dass die beiden Ebenen sich orthogonal schneiden und beide den Punkt den P $(3 | -2 | 1)$ enthalten.

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Wenn sich die beiden Ebenen orthognal schneiden sollen, müssen auch ihre Normalenvektoren orthogonal sein. Es muss also gelten:
$(\begin{matrix} a \\ -15 \\ -6 \end{matrix})$ ⋅ $(\begin{matrix} 29 \\ 5 \\ 2 \end{matrix})$ =0

$29 \cdot a + 5 \cdot (-15) + 2 \cdot (-6) = 0$
$a ⋅ 29 + (-75) + (-12) = 0$ |+87
29a = 87 | :29
a = 3

Für a = 3 sind also die beiden Normalenvektoren und damit auch die Ebenen orthogonal. F hat dann also die Koordinatengleichung

F: $3 x_{1} - 15 x_{2} - 6 x_{3} = b$ .

P liegt immer in E, denn $29 \cdot 3 + 5 \cdot (-2) + 2 \cdot 1$ = 79
Damit P auch in F liegt, müssen wir den Punkt einfach in F einsetzen und nach b auflösen.

$3 \cdot 3 - 15 \cdot (-2) - 6 \cdot 1 = b$

$9 +30 -6 = b$

$33 = b$

Mit b = 33 ergibt sich somit als Koordinatengleichung für E: $3 x_{1} - 15 x_{2} - 6 x_{3} = 33$ .

Aufgabentypen anhand von Beispielen durchstöbern

Ebene aus Normalenvektor und Pkt

parallele Ebene durch Punkt

Punktprobe in Ebene mit Parameter

Ebene aus orth. Geraden durch Punkt

spezielle Ebenen

spezielle Ebenen aufstellen

spezielle Ebene in Parameterform

1. Weg:

2. Weg:

Parameter bestimmen, dass g in E liegt

Parameter für Lage von 2 Ebenen bestimmen